Question

【題目】已知函數(shù)f（x）=e1﹣x（﹣a+cosx），a∈R．
（Ⅰ）若函數(shù)y=f（x）在[0，π]存在單調(diào)增區(qū)間，求實(shí)數(shù)a的取值范圍；
（Ⅱ）若f（ ）=0，證明：對(duì)于x∈[﹣1， ]，總有f（﹣x﹣1）+2f′（x）cos（﹣x﹣1）＞0．

Answer 1

【答案】解：（I）由題f'（x）=﹣e1﹣x（﹣a+cosx）﹣e1﹣xsinx=﹣e1﹣x（sinx+cosx﹣a），
因?yàn)閤∈（0，π），函數(shù)y=f（x）在[0，π]存在單調(diào)增區(qū)間，
所以f'（x）=﹣e1﹣x（sinx+cosx﹣a）≥0，
即a≥ sin（x+ ）在x∈（0，π）恒成立，
而y=sin（x+ ）在x∈（0，π）的最大值是1，
故a≥ ；
（II）若f（ ）=0，則a=0，
f（﹣x﹣1）=ex+2cos（﹣x﹣1）=ex+2cos（x+1），
而2f'（x）cos（﹣x﹣1）=﹣2e1﹣x（sinx+cosx）cos（x+1），
又因?yàn)?/span>x∈[﹣1， ]，所以cos（x+1）＞0，
要證原不等式成立，只要證ex+2﹣2e1﹣x（sinx+cosx）＞0，
只要證ex+2＞2e1﹣x（sinx+cosx），
只要證e2x+1＞2 sin（x+ ），在x∈[﹣1， ]上恒成立，
首先構(gòu)造函數(shù)g（x）=2x+2﹣2 sin（x+ ），x∈[﹣1， ]，
因?yàn)間′（x）=2﹣2 cos（x+ ）=2 （ ﹣cos（x+ ）），
可得，在x∈[﹣1，0]時(shí)，g'（x）≤0，即g（x）在[﹣1，0]上是減函數(shù)，
在x∈（0， ]時(shí)，g'（x）＞0，即g（x）在（0， ]上是增函數(shù)，
所以，在[﹣1， ]上，g（x）min=g（0）=0，所以g（x）≥0，
所以，2 sin（x+ ）≤2x+2，等號(hào)成立當(dāng)且僅當(dāng)x=0時(shí)，
其次構(gòu)造函數(shù)h（x）=e2x+1﹣（2x+2），x∈[﹣1， ]，
因?yàn)閔'（x）=2e2x+1﹣2=2（e2x+1﹣1），
可見x∈[﹣1，﹣ ]時(shí)，h'（x）≤0，即h（x）在[﹣1，﹣ ]上是減函數(shù)，
x∈（﹣ ， ]時(shí)，h'（x）＞0，即h（x）在（﹣ ， ]上是增函數(shù)，
所以在[﹣1， ]上，h（x）min=h（﹣ ）=0，所以h（x）≥0，
所以，e2x+1≥2x+2，等號(hào)成立當(dāng)且僅當(dāng)x=﹣時(shí)．
綜上所述，e2x+1≥2x+2≥2 sin（x+ ），
因?yàn)槿〉葪l件并不一致，
所以e2x+1＞2 sin（x+ ），在x∈[﹣1， ]上恒成立，
所以x∈[﹣1， ]，總有f（﹣x﹣1）+2f'（x）cos（﹣x﹣1）＞0成立
【解析】（Ⅰ）求出f（x）的導(dǎo)數(shù)，根據(jù)x的范圍，判斷出f′（x）的符號(hào)，從而求出函數(shù)的單調(diào)性，確定a的范圍即可；（Ⅱ）問題轉(zhuǎn)化為證明e2x+1＞2 sin（x+ ），在x∈[﹣1， ]上恒成立，構(gòu)造函數(shù)g（x）=2x+2﹣2 sin（x+ ），x∈[﹣1， ]，求出g（x）的導(dǎo)數(shù)，判斷出函數(shù)的單調(diào)性，從而證出結(jié)論．
【考點(diǎn)精析】利用利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性對(duì)題目進(jìn)行判斷即可得到答案，需要熟知一般的,函數(shù)的單調(diào)性與其導(dǎo)數(shù)的正負(fù)有如下關(guān)系： 在某個(gè)區(qū)間內(nèi)，(1)如果，那么函數(shù)在這個(gè)區(qū)間單調(diào)遞增；(2)如果，那么函數(shù)在這個(gè)區(qū)間單調(diào)遞減．